百师联盟 2024届高三一轮复习联考(一)1 重庆卷生物答案正在持续更新，目前2025届炎德英才大联考答案网为大家整理了相关试题及答案，供大家查缺补漏，高效提升成绩。

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1、百师联盟2024高三冲刺卷二重庆卷

为紫花，可以判定紫花为显性性状；若①全为紫花，且为亲本紫花自或d,故可以用任意右旋椎实螺作父本与该螺杂交，若子代螺壳为右交，故④的基因型为ID)XIDD或dd×dd,B错误。紫花X红花的后代旋，则该左旋螺的基因型为D,若子代螺壳为左旋，则该左旋螺的基中紫花和红花的数量之比为1：1时，⑤为Dd×dd,C正确。紫花自交因型为dd,D正确。子代出现性状分离，说明亲代的基因型为Dd×Dd,D正确。7.D【解析】由于雄株的基因型为a,不能产生含A的配子，故雌株一5.ΛB【解析】乙实验巾黑斑蛇×黑斑蛇的后代出现了黄斑蛇，说明黑定为杂合子(AA+或A),因此该植物巾的雌株与雄株杂交，子代雌株斑对黄斑为显性，所有黑斑蛇的亲本至少有一方是黑斑蛇，∧、B正确；所占比例应等于50%，八错误；由于雄株没有八基因，因此该植物巾设黑斑基因为A,黄斑基因为a,则甲实验F和P中黑斑蛇基因型都没有AA的雌株纯合子，控制该植物性别的一组复等位基因可组成5为Aa,C错误；乙实验P中黑斑蛇基因型为Aa,F中黑斑蛇基因型为种基因型，其中纯合了有2种，B错误；基因型为A+a的植株连续自AA或Aa,D错误。交，F中基因型及比例为A+A+:A+a:aa=1:2:1,其中aa的植6.C【解析】先求出不同交配类型产生的后代的其因型及概率，然后再根物不能自交而被淘汰，F1再自交一代，F2中雄株均来自A-a植株，故据题意求出表型的比例。亲木的基因型及概率：1/3AA、23Aa,雌：F2巾雄株所占比例为(2/3)×(1/4)=1/6，C错误；该植物开紫花，其雄=1：1，自交的了代中基因型AA占(1/3)×1十(2/3)×(1/4)=1/2，紫色为液泡内含有的色素表现的颜色，而花瓣细胞的原牛质层无色，DAa占(2/3)×(1/2)=1/3，aa占(2/3)×(1/4)-1/6；在基因型为Aa的正确。个体中有1/2为红褐色（雄牛），1/2为红色（雌牛），因此，子代中红褐色8.A【解析】由题表可知，呈阳性反应的个体红细胞表面有相应抗个体占1/2+(1/3)×(1/2)-2/3，则红色个体占1/6+(1/3)×(1/2)-原，如个体1的A抗原抗体呈阳性，B抗原抗体也呈阳性，说明其1/3,即红褐色：红色=2：1。求自由交配产生子代的基因型时，可利用红细胞表面既有A抗原，又有B抗原，则个体1的基因型为A。配子的概率求解，亲本产生的雄（或雌）配子中，A占2/3、占1/3，则自个体5只含A抗原，个体6只含B抗原，而个体7既不含A抗原也由交配产生子代中，AA的概率=(2/3)×(2/3)=4/9，Aa的概率=2×不含B抗原，故个体5的基因型只能是IAi,个体6的基因型只能是(2/3)×(1/3)=1/9,aa的概率=(1/3)×(1/3)=1，/9；再根据前面的计Bi,△正确；个体1既含A抗原又含B抗原，说明其基因型为IAB,算方法可知，子代的表型及比例为红褐色：红色=2：1。个体2只含A抗原，但个体5的基因型为Ii,所以个体2的基因型考点三基因的分离定律的遗传特例贝能是Ai,B错误；由表格分析可知，个体3贝含B抗原，个体4既【针对训练】含A抗原又含B抗原，个体6的基因型只能是i,故个体3的基因1.B【解析】理论上Aa自交后代的基因型及比例应为AA:Aa:aa=1:型只能是Bi,个体4的基因型是IAB,C错误；个体5的基因型为2:1,若自交后代的基因型及比例为AA:Aa:aa=2:3:1,则可能是IAi,个体6的基因型为Bi,故二者生的孩子的基因型可能是IAi、IBi、由含有隐性基因的花粉50%死亡造成的，A止确；若隐性个体有50%死IAIB、i,D错误。亡，那么Aa×Aa1AA：2Aa:1aa会因有50%的aa个体死亡而变成9.B【解析】兔E和兔F均为纯合子，所以兔G与兔H的基因型均为AA:Aa:aa=2:4:1,与题意不符，B错误；若含有隐性基因的配子Ww,但两者的表型不同，A正确；兔G(Ww)与兔R(ww)交配所得子有50%死亡，则自交后代的基因型比例是4：4：1，C正确；若花粉有代的基因型为Ww和ww,若子代在30℃环境下成长，则子代的表型50%死亡，并不影响花粉的基因型比例，所以后代的性状分离比仍然均为白色，B错误：兔G(Ww)与兔R(ww)交配所得子代的基因型为是1：2：1，D正确。Ww和ww,若子代在一15℃环境下成长，则基因型为Ww的个体表2.D【解析】由单瓣自交发生性状分离可知，单瓣对重瓣为显性性状，A型为黑色，基因型为ww的个休表型为白色，比例是1：1，C正确；由错误；若紫罗兰单瓣基因纯合致死，则题中自交子代比例应为单瓣紫图可知，表型是基因与环境共同作用的结果，D正确。罗兰：重瓣紫罗兰-2：1，与题意不符，B错误；若缺少B基因的配子10.B【解析】在25℃条件下，基因型所决定的表型能够真实地得到反致死，则后代中只有重瓣紫罗兰出现，且亲本也无法出现，C错误；若映，因此，要探究某开白花植株的基因型需要在25℃条件下进行实含B基因的雄或雌配子不育，则亲本单瓣紫罗兰(Bb)自交，亲本之一验，但杂父实验操作复杂、T作量大，最简单的方法是进行父产生的两种配子，比例为B:b=1：1,而另一亲本只产生一种配子真题回访(b),符合题意，D正确。1.C【解析】长翅与长翅果蝇杂交的后代巾出现截翅果蝇，说明截翅是3.B【解析】由F2中红花：粉红花：白花=1：2：1可知，该性状表现隐性性状，长翅是显性性状；根据杂交的后代发生性状分离可知，亲木为不完全显性，亲本红花植株和白花植株都为纯合子，A正确；F2中出雌蝇一定为杂合子；无论控制翅形的基因是位于X染色体上还是位于现三种花色，这是F(Aa)个体产生A、a两种配子随机结合的结果，B常染色体上，后代中均会出现长翅：截翅=3：1的分离比；根据后代错误；由性状分离比可知，粉红花基因型一定为Aa,红花、白花的基因中长翅：截翅一3：1可知，控制翅形的基因的遗传符合基因的分离定型可分别用AA、aa来表示，C正确：F2中白花(aa)与粉红花(Aa)朵律，故可推测该等位基因在雌蝇体细胞中是成对存在的。交，F会出现白花、粉红花2种花色，D正确。2.D【解析】橘红带黑斑品系的后代出现性状分离，说明该品系均为杂4.C【解析】红叶植株与绿叶植株杂交，后代全部为淡红叶植株，则控制合子，A正确；已知该鱼体色受一对等位基因控制，繁殖橘红带黑斑品红叶和绿叶的性状为不完全显性；红花植株与白花植株杂交，F均表系时，后代出现的表型及比例为橘红带黑斑：橄榄绿带黄斑-2：1，现淡红花，则控制红花和白花的基因也为不完全显性。由于这两对相说明橘红带黑斑为显性性状，且后代存在显性纯合致死情况，B正确；对性状山一对等位基因控制，假设相关基因用A、a表示，淡红叶淡红由于橘红带黑斑基因具有纯合致死效应，自然繁育条件下，该显性基花的基因型为Aa,Aa自交后代中Aa个体所占的比例为1/2，即淡红因的频率会逐渐下降，因此橘红带黑斑性状容易被淘汰，C正确：橘红叶淡红花植株占1/2，C符合题意。带黑斑基因显性纯合致死，无论回父多少次，所得橘红带黑斑品系均5.C【解析】无胡子雄山羊(B+B+)与有胡子雌山羊(BB)杂交，F的为杂合子，D错误。基因型都是B+B吵，雄性全表现为有胡子，雌性全表现为无胡子。F,3.D【解析】根据题意，设相关基因为A、a,亲本棕色马(AA)与白色马基因型有B+B+(雌雄都表现为无胡子)，BB(雌、雄都表现为有胡(aa)交配，F均为淡棕色马(Aa),体现出亲本性状的中间类型，可知棕子)，B+砂（雄性都表现为有胡子，雌性都表现为无胡子）。在杂合子色对白色为不完全显性，A错误；马的毛色受常染色体上一对等位基中，决定有胡子基因眇的表现受性别影响，但该基因的遗传不是伴因控制，符合孟德尔遗传规律中的基因分离定律，B错误；F2中棕色马性遗传。(AA)：淡棕色马(Aa):白色马(aa)=1：2:1,同色雌雄马交配，则6.CD【解析】♀DD×Dd,F1的基因型为1/2DD、1/2Dd,F2个体全部子代中棕色马所占的比例为1/4+(2/4)×(1/4)=3/8，子代雌雄比为表现为右旋，其中纯合子所占的比例为1/2+(1/2)×(1/2)=3，/4，A1：1,所以子代中雌性棕色马所占的比例为(3/8)×(1/2)=3/16，C错误；螺壳表现为左旋，说明母本的基因型为dd,故表现为螺壳左旋的错误；F2中淡棕色马(Aa)与棕色马(AA)交配，其子代棕色马(AA)：子代基因型为dd或Dd,B错误；以纯合左旋(dd)椎实螺作母本，纯合淡棕色马(Aa)-1：1,基因型的比例与表型的比例相同，ID正确。右旋(DD)椎实螺作父本进行交配产生F(基因型为Dd),F,自交产生4.D【解析】紫外线照射使果蝇的直翅基因结构发生了改变，产生了新的的F2全部为右旋，C正确：根据B项分析可知，左旋螺的基因型为Dd等位基因，A正确；翻翅个体交配，出现了直翅个体，可知翻翅为显性性·22·23XKA(新)·生物学-LN