高三2024新高考单科综合卷(一)1物理(新教材)答案

2024-08-02 15:37:50 74℃

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∠O,PO=90°，则∠O,QO=90°，O,QLOQ,则每次碰撞后【典例6】BC若粒子通过下部分磁场直接瞬间，粒子速度方向一定平行于碰撞点与圆心O的连线，D到达P点，如图所示，则根据儿何关系，正确；粒子在圆简中先做圆周运动，与圆简碰后速度反向，继续做圆周运动，粒子第一次与筒壁碰撞的运动过程中轨迹不有R=L,gB=m是，可得。=m过圆心，之后轨迹也不可能过圆心，A错误；粒子最少与圆筒BL,根据对称性可知出射速度与SP成碰撞2次，就可能从小孔射出，如图2所示，B正确；根据30°角向上，故出射方向与入射方向的夹qB=m元可知，r=B,则射入小孔时粒子的速度越大，粒角为日=60°。当粒子上下均经历一次时，如图所示。子的轨迹半径越大，与圆筒碰撞次数可能会增多，在圆内运因为上下磁感应强度均为B,则根据对动的时间不一定越短，如图3所示，C错误。称性有R=之L,根据洛伦兹力提供向轨迹弦长磁场的中垂线第二次碰撞心力有wB=mR,可得u=BL2mS30发弹2BL,此时出射方向与入射方向相同，弦长起大，速度起天速度即出射方向与入射方向的夹角为日=0°。可以考虑“以弦代圆”XX XQ通过以上分析可知当粒子从下部分磁场粒子做圆周撞击速度9BL1运动的圆心第一次碰撞射出时，需清足0=(2一1)m=2m—图1图2kBL(n=1,2,3,…),此时出射方向与入射方向的夹角为0第三次碰撞第二次碰撞60;当粒子从上部分磁场射出时，需满足口=gBL=己2nm-2nkBL(n=1,2,3,…),此时出射方向与入射方向的夹角为0=0°，第二次第四次综合上述可知B、C正确，A、D错误。碰撞碰撞第58课时磁场中的动态圆模型第一次碰撞【着眼“四翼”·探考点】第一次碰撞第三次碰撞模型一图3【典例】AB依题意可知当粒子在磁场考点三中运动时间最长时，轨迹圆的圆心在A【典例4】CD若粒子带正电，粒子点。且其轨迹与BC边相切。根据几与挡板MN碰撞后恰好从Q点射何关系可知ABsin45°=r,粒子在洛伦出，粒子运动轨迹如图甲所示，设兹力作用下做匀速圆周运动，有qB一轨迹半径为r2,由几何知识得mL2+(r2-0.5L)2=r22,解得r2=,,联立可得AB-2m知，gB,故A正02入T4L，根据牛顿第二定律得确；粒子在磁场中做匀速圆周运动的周期为T=2,根据A选项分析，可知粒子轨迹所对应的圆心角为90°，则有t=02B=m2,解得v,一4m5gBL,根据动量定理得I=2mv2=r2360©T=22B,故B正确，从AB中点射入的粒子，其轨迹为90元m5qBL2,故A错误，C正确；若粒子带负电，则粒子的运动轨迹上面所分折的粒子轨迹向下平卷，一2r,得到此轨迹圆的如图乙所示，粒子做圆周运动的半径为r1=圆心在A点的正下方，由几何关系可知，离开磁场时的位置合1，由牛领第二定徐得90，B=m,解得写A点的距离必然小于轨迹平径r,即，改C错误；若仅将”,gB=2,此时半径最小，速度也最小，改BN磁场反向，则粒子在磁场中将向上偏转，不会出现圆心角为90°的轨迹，则粒子在磁场中运动的最长时间将变小，故D错误；若粒子带负电，当粒子在磁场中的运乙错误。动轨迹所对应的圆心角为于时，粒子在磁场中的运动时间为【典例2】C带电粒子在匀强磁场中运动，运动轨迹如图所示，(=名T-器故D正病。由洛伦装力提供向0力有90B=m子，解得r一阳运动时间t=r=r【典例5】BD当磁场方向垂直纸面向里时，离子恰好与OP相。一B,0为带电粒子在磁场中运动轨迹所对的圈心切的轨迹如图甲所示，切点为M,设轨迹半径为x1,由儿何关角，粒子在磁场中运动时间由轨迹所对圆心角决定。采用放缩法，粒子垂直ac射入磁场，则轨迹圆圆心必在直线ac上系可知sin30°=s+rm记可得B,=,可得r1=5,由=B19将粒子的轨迹半径从零开始逐渐放大，当r≤0.5R(R为ab的半径)和r≥1.5R时，粒子从ac、bd区域射出磁场，运动时;当磁场方向垂直纸面向外时，其临界轨迹即园弧与OP间等于半个周期。当0.5R

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